Đề thi giữa học kì 1 Toán 11 Kết nối tri thức - Đề số 8 — Không quảng cáo

a) Phương trình tương đương $\sin \left( {x - \frac{\pi }{{12}}} \right) = \sin \frac{\pi }{3}$

b) Phương trình có nghiệm là $x = \frac{\pi }{4} + k2\pi$; $x = \frac{{7\pi }}{{12}} + k2\pi$ $(k \in \mathbb{Z})$

c) Phương trình có nghiệm âm lớn nhất bằng $- \frac{\pi }{4}$

d) Số nghiệm của phương trình trong khoảng $( - \pi ;\pi )$ là hai nghiệm

a) ${\sin ^2}\alpha  = \frac{{15}}{{16}}$

b) $\sin \alpha  = \frac{{\sqrt {15} }}{4}$

c) $\tan \alpha  = \sqrt {15}$

d) $\cot \alpha  =  - \frac{1}{{\sqrt {15} }}$

a) Dãy số $({u_n})$ là dãy số tăng

b) Dãy số $({u_n})$ là dãy số bị chặn

c) ${u_6} = 65$

d) Số hạng thứ n + 2 của dãy số là ${u_{n + 2}} = {2^n}.2$

a) Giá trị đại diện của nhóm [150;155) bằng 152,5

b) Nhóm chứa mốt của mẫu số liệu ở lô hàng A là [155;160)

c) Nhóm chứa mốt của mẫu số liệu ở lô hàng B là [160;165)

d) Theo số trung bình thì cam ở lô hàng B nặng hơn cam ở lô hàng A

Áp dụng quan hệ giữa radian và độ: $1rad = {\left( {\frac{{180}}{\pi }} \right)^o}$, ${1^o} = \frac{\pi }{{180}}rad$.

Ta có: $\frac{\pi }{6}rad = \frac{\pi }{6}.\frac{{{{180}^o}}}{\pi } = {30^o}$.

Áp dụng công thức ${\sin ^2}\alpha  + {\cos ^2}\alpha  = 1$ và sử dụng đường tròn lượng giác để xét dấu.

Ta có: ${\sin ^2}\alpha  = 1 - {\cos ^2}\alpha  = 1 - {\left( {\frac{1}{4}} \right)^2} = \frac{{15}}{{16}}$, suy ra $\sin \alpha  =  \pm \frac{{\sqrt {15} }}{4}$.

Vì $\pi  < \alpha  < \frac{{3\pi }}{2}$ nên điểm cuối của cung $\alpha$ thuộc cung phần tư thứ III, do đó $\sin \alpha  < 0$.

Vậy $\sin \alpha  =  - \frac{{\sqrt {15} }}{4}$.

Sử dụng công thức cộng lượng giác $\cos (a - b) = \cos a.\cos b + \sin b.\sin a$.

$\cos \frac{{37\pi }}{{12}} = \cos \left( {3\pi  + \frac{\pi }{{12}}} \right) = \cos \left( {\pi  + \frac{\pi }{{12}}} \right) =  - \cos \frac{\pi }{{12}} =  - \cos \left( {\frac{\pi }{3} - \frac{\pi }{4}} \right)$

$=  - \left( {\cos \frac{\pi }{3}.\cos \frac{\pi }{4} + \sin \frac{\pi }{3}.\sin \frac{\pi }{4}} \right) =  - \frac{{\sqrt 6  + \sqrt 2 }}{4}$.

Cho hàm số y = f(x) liên tục và xác định trên khoảng (đoạn) K. Với mỗi $x \in K$ thì $- x \in K$.

- Nếu f(x) = f(-x) thì hàm số y = f(x) là hàm số chẵn trên tập xác định.

- Nếu f(-x) = -f(x) thì hàm số y = f(x) là hàm số lẻ trên tập xác định.

Xét phương án A, hàm số $y = \left| {\sin x} \right|$ có tập xác định D = R, suy ra có $x \in R$ thì $- x \in R$.

Mặt khác, $f( - x) = \left| {\sin ( - x)} \right| = \left| { - \sin x} \right| = \sin x = f(x)$.

Vậy hàm số đáp án A là hàm số chẵn.

Nghiệm của phương trình lượng giác cơ bản.

$\cos x = 0 \Leftrightarrow x = \frac{\pi }{2} + k\pi ,k \in \mathbb{Z}$.

Tìm lần lượt ${u_2},{u_3}$ bằng cách thay n vào công thức tổng quát.

Ta có:

${u_2} = 2{u_{2 - 1}} + 3 = 2{u_1} + 3 = 2.1 + 3 = 5$

${u_3} = 2{u_{3 - 1}} + 3 = 2{u_2} + 3 = 2.5 + 3 = 13$

Dãy số lập thành một cấp số cộng khi và chỉ khi hai phần tử liên tiếp sai khác nhau một hằng số.

Xét hiệu các phần tử liên tiếp trong các dãy số, chỉ có dãy ở đáp án C phần tử sau hơn phần tử liền trước 2 đơn vị (8 – 6 = 6 – 4 = 4 – 2 = 2 – 0 = 2).

Sử dụng công thức ${u_n} = {u_1}{q^{n - 1}}$.

Ta có: ${u_6} = {u_1}{q^{6 - 1}} = 12.{( - 2)^5} =  - 384$.

Giá trị đại diện nhóm $[{a_m};{a_n})$ là: $\frac{{{a_m} + {a_n}}}{2}$.

Ta có giá trị đại diện nhóm [30;40) là: $\frac{{30 + 40}}{2} = 35$.

Tính số trung bình của mẫu số liệu trên.

Ta có bảng sau:

Khi đó $\overline x  = \frac{{2.6 + 7.8 + 7.10 + 3.12 + 1.14}}{{20}} = 9,4$.

Biến đổi phương trình trở thành dạng phương trình tích, đưa về giải phương trình lượng giác cơ bản.

$\sin 2x + \cos x = 0 \Leftrightarrow 2\sin x.\cos x + \cos x = 0 \Leftrightarrow \cos x.(2\sin x + 1) = 0$

$\Leftrightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{c}}{\cos x = 0}\\{2\sin x + 1 = 0}\end{array}} \right. \Leftrightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{c}}{\cos x = 0}\\{\sin x =  - \frac{1}{2}}\end{array} \Leftrightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{c}}{x = \frac{\pi }{2} + k\pi }\\{x =  - \frac{\pi }{6} + k2\pi }\\{x = \frac{{7\pi }}{6} + k2\pi }\end{array}} \right.} \right.$ với $k \in \mathbb{Z}$.

Vì $x \in [0;2\pi ]$ nên chỉ có 4 nghiệm thỏa mãn: $x = \left\{ {\frac{\pi }{2};\frac{{3\pi }}{2};\frac{{7\pi }}{6};\frac{{11\pi }}{6}} \right\}$.

Tìm số hạng đầu và công sai dựa theo công thức ${u_n} = {u_1} + (n - 1)d$.

Từ đó tìm tổng 20 số hạng đầu tiên ${S_n} = \frac{{({u_1} + {u_n})n}}{2}$.

Ta có: $\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{u_5} = {u_1} + 4d}\\{{u_{15}} = {u_1} + 14d}\end{array}} \right. \Leftrightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{ - 10 = {u_1} + 4d}\\{60 = {u_1} + 14d}\end{array}} \right. \Leftrightarrow \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{{u_1} =  - 38}\\{d = 7}\end{array}} \right.$

Từ đó ta tính được ${u_{20}} =  - 38 + (20 - 1)7 = 95$.

Vậy tổng 20 số hạng đầu của cấp số cộng là ${S_{20}} = \frac{{({u_1} + {u_{20}}).20}}{2} = \frac{{( - 38 + 95).20}}{2} = 570$.

a) Phương trình tương đương $\sin \left( {x - \frac{\pi }{{12}}} \right) = \sin \frac{\pi }{3}$

b) Phương trình có nghiệm là $x = \frac{\pi }{4} + k2\pi$; $x = \frac{{7\pi }}{{12}} + k2\pi$ $(k \in \mathbb{Z})$

c) Phương trình có nghiệm âm lớn nhất bằng $- \frac{\pi }{4}$

d) Số nghiệm của phương trình trong khoảng $( - \pi ;\pi )$ là hai nghiệm

Giải phương trình lượng giác $\sin x = a$:

- Nếu $\left| a \right| > 1$ thì phương trình vô nghiệm.

- Nếu $\left| a \right| \le 1$ thì chọn cung $\alpha$ sao cho $\sin \alpha  = a$. Khi đó phương trình trở thành:

$\sin x = \sin \alpha  \Leftrightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{c}}{x = \alpha  + k2\pi }\\{x = \pi  - \alpha  + k2\pi }\end{array}} \right.$ với $k \in \mathbb{Z}$.

$2\sin \left( {x - \frac{\pi }{{12}}} \right) + \sqrt 3  = 0 \Leftrightarrow \sin \left( {x - \frac{\pi }{{12}}} \right) =  - \frac{{\sqrt 3 }}{2} \Leftrightarrow \sin \left( {x - \frac{\pi }{{12}}} \right) = \sin \left( { - \frac{\pi }{3}} \right)$

$\Leftrightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{c}}{x - \frac{\pi }{{12}} =  - \frac{\pi }{3} + k2\pi }\\{x - \frac{\pi }{{12}} = \pi  + \frac{\pi }{3} + k2\pi }\end{array}} \right. \Leftrightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{c}}{x =  - \frac{\pi }{4} + k2\pi }\\{x = \frac{{17\pi }}{{12}} + k2\pi }\end{array}} \right.$

a) Sai . $2\sin \left( {x - \frac{\pi }{{12}}} \right) + \sqrt 3  = 0 \Leftrightarrow \sin \left( {x - \frac{\pi }{{12}}} \right) =  - \frac{{\sqrt 3 }}{2} \Leftrightarrow \sin \left( {x - \frac{\pi }{{12}}} \right) = \sin \left( { - \frac{\pi }{3}} \right)$

b) Sai. Phương trình có nghiệm là $x =  - \frac{\pi }{4} + k2\pi$; $x = \frac{{17\pi }}{{12}} + k2\pi$ $(k \in \mathbb{Z})$

c) Đúng. Phương trình có nghiệm âm lớn nhất bằng $- \frac{\pi }{4}$

d) Đúng. Hai nghiệm thuộc khoảng $( - \pi ;\pi )$ là $x =  - \frac{\pi }{4}$ và $x =  - \frac{{7\pi }}{{12}}$.

a) ${\sin ^2}\alpha  = \frac{{15}}{{16}}$

b) $\sin \alpha  = \frac{{\sqrt {15} }}{4}$

c) $\tan \alpha  = \sqrt {15}$

d) $\cot \alpha  =  - \frac{1}{{\sqrt {15} }}$

a) Áp dụng công thức ${\sin ^2}\alpha  + {\cos ^2}\alpha  = 1$ và dựa vào góc phần tư của đường tròn lượng giác để xét dấu.

b) Áp dụng công thức ${\sin ^2}\alpha  + {\cos ^2}\alpha  = 1$ và dựa vào góc phần tư của đường tròn lượng giác để xét dấu.

c) $\tan \alpha  = \frac{{\sin \alpha }}{{\cos \alpha }} = \frac{1}{{\cot \alpha }}$

d) $\cot \alpha  = \frac{{\cos \alpha }}{{\sin \alpha }} = \frac{1}{{\tan \alpha }}$

${\sin ^2}\alpha  + {\cos ^2}\alpha  = 1 \Rightarrow {\cos ^2}\alpha  = 1 - {\sin ^2}\alpha  = 1 - {\left( { - \frac{1}{4}} \right)^2} = \frac{{15}}{{16}} \Rightarrow \sin \alpha  =  \pm \frac{{\sqrt {15} }}{4}$.

Vì $\pi  < \alpha  < \frac{{3\pi }}{2}$ nên điểm cuối của cung $\alpha$ thuộc góc phần tư thứ III nên $\sin \alpha  < 0$. Vậy $\sin \alpha  =  - \frac{{\sqrt {15} }}{4}$.

$\tan \alpha  = \frac{{\sin \alpha }}{{\cos \alpha }} = \frac{{ - \frac{1}{4}}}{{ - \frac{{\sqrt {15} }}{4}}} = \sqrt {15}$; $\cot \alpha  = \frac{1}{{\tan \alpha }} = \frac{1}{{\sqrt {15} }}$.

a) Đúng.

b) Sai.

c) Đúng.

d) Sai.

a) Dãy số $({u_n})$ là dãy số tăng

b) Dãy số $({u_n})$ là dãy số bị chặn

c) ${u_6} = 65$

d) Số hạng thứ n + 2 của dãy số là ${u_{n + 2}} = {2^n}.2$

a) Dãy số $({u_n})$ là dãy số giảm nếu ${u_n} > {u_{n + 1}}$. Dãy số $({u_n})$ là dãy số tăng nếu ${u_n} < {u_{n + 1}}$.

b) Dãy số $({u_n})$ là dãy số bị chặn nếu $({u_n})$ vừa bị chặn trên vừa bị chặn dưới, tức tồn tại hai số m, M sao cho $m \le {u_n} \le M$ $\forall n \in \mathbb{N}*$.

c) Tính ${u_6}$ bằng công thức ${u_n} = {2^n} + 1$.

d) Thay n + 2 vào n trong công thức số hạng tổng quát ${u_n} = {2^n} + 1$.

a) Đúng . ${u_{n + 1}} - {u_n} = {2^{n + 1}} + 1 - ({2^n} + 1) = {2^{n + 1}} - {2^n} = {2^n}(2 - 1) = {2^n} > 0$ với mọi n. Vậy dãy số là dãy tăng.

b) Sai. Dãy không bị chặn trên vì không có giá trị M nào để ${2^n} < M$ với mọi n. Vậy dãy số không bị chặn.

c) Đúng . ${u_6} = {2^6} + 1 = 64 + 1 = 65$.

d) Sai. ${u_{n + 2}} = {2^{n + 2}} + 1 = {4.2^n} + 1$.

a) Giá trị đại diện của nhóm [150;155) bằng 152,5

b) Nhóm chứa mốt của mẫu số liệu ở lô hàng A là [155;160)

c) Nhóm chứa mốt của mẫu số liệu ở lô hàng B là [160;165)

d) Theo số trung bình thì cam ở lô hàng B nặng hơn cam ở lô hàng A

a) Giá trị đại diện nhóm $[{a_m};{a_n})$ là: $\frac{{{a_m} + {a_n}}}{2}$.

b) Nhóm chứa mốt có tần số cao nhất.

c) Nhóm chứa mốt có tần số cao nhất.

d) Tính cân nặng trung bình của mỗi lô hàng rồi so sánh.

a) Đúng . Giá trị đại diện nhóm [150;155) là $\frac{{150 + 155}}{2} = 152,5$.

b) Sai. Nhóm chứa mốt của mẫu số liệu ở lô hàng A là [160;165) vì có tần số cao nhất là 12.

c) Sai. Nhóm chứa mốt của mẫu số liệu ở lô hàng B là [165;170) vì có tần số cao nhất là 10.

d) Đúng . Bảng thống kê số lượng cam theo giá trị đại diện:

Cân nặng trung bình của mỗi quả cam ở lô A là:

$\overline {{x_A}}  = \frac{{152,5.2 + 157,5.6 + 162,5.12 + 167,5.4 + 172,5.1}}{{25}} = 161,7$ (gam).

Cân nặng trung bình của mỗi quả cam ở lô B là:

$\overline {{x_B}}  = \frac{{152,5.1 + 157,5.3 + 162,5.7 + 167,5.10 + 172,5.4}}{{25}} = 165,1$ (gam).

Thấy $\overline {{x_A}}  < \overline {{x_B}}$. Vậy nếu so sánh theo số trung bình thì cam ở lô hàng B nặng hơn cam ở lô hàng A.

Tìm t sao cho hàm số $h = 11 + 2\sin \left( {\frac{\pi }{{12}}t} \right)$ đạt giá trị lớn nhất.

$h = 11 + 2\sin \left( {\frac{\pi }{{12}}t} \right)$ đạt giá trị lớn nhất khi $\sin \left( {\frac{\pi }{{12}}t} \right) = 1 \Leftrightarrow \frac{\pi }{{12}}t = \frac{\pi }{2} + k2\pi  \Leftrightarrow t = 6 + 24k$ (giờ).

Vì $0 \le t \le 24$ nên chỉ có giá trị t = 6 thỏa mãn.

Vậy thời điểm mực nước tại cảng cao nhất là lúc 6 giờ.

Giải phương trình lượng giác bằng cách biến đổi về dạng phương trình tích. Xét họ nghiệm trong khoảng (0;3000) để tìm số giá trị k nguyên thỏa mãn.

Ta có: $2\sin 2x + 4\cos x = 0 \Rightarrow 4\sin x.\cos x + 4\cos x = 0 \Rightarrow 4\cos x.(\sin x + 1) = 0$

$\Leftrightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{c}}{\cos x = 0}\\{\sin x =  - 1}\end{array}} \right. \Leftrightarrow \left[ {\begin{array}{*{20}{c}}{x = \frac{\pi }{2} + k\pi }\\{x = \frac{{3\pi }}{2} + k2\pi }\end{array}} \right. \Leftrightarrow x = \frac{\pi }{2} + k\pi$ với $k \in \mathbb{Z}$.

Xét họ nghiệm $x = \frac{\pi }{2} + k\pi$, ta có:

$0 < \frac{\pi }{2} + k\pi  < 3000 \Leftrightarrow  - \frac{\pi }{2} < k\pi  < 3000 - \frac{\pi }{2} \Leftrightarrow  - \frac{1}{2} < k < \frac{{3000}}{\pi } - \frac{1}{2} \Leftrightarrow  - 0,5 < k < 954,43$.

Mà $k \in \mathbb{Z}$ nên $k \in \{ 0;1;2;3;...;954\}$, tức có 955 giá trị k thỏa mãn.

Vậy phương trình có 955 nghiệm thuộc khoảng (0;3000).

Số cây mỗi hàng lập thành một cấp số cộng với tổng n số hạng là 496, số hạng đầu ${u_1} = 1$ công sai d = 1. Tìm n.

Số cây mỗi hàng lập thành một cấp số cộng với tổng n số hạng là 496, số hạng đầu ${u_1} = 1$ công sai d = 1.

Ta có: $496 = \frac{{2.1 + (n - 1).1}}{2}.n \Leftrightarrow 992 = (2 + n - 1).n = {n^2} + n - 992 = 0$.

Ta tính được n = 31 hoặc n = -32 (loại).

Vậy số hàng cây trồng được là 31 hàng.

Chứng minh dãy số tăng và bị chặn dưới tại $m = {u_1}$.

Xét ${u_{n + 1}} - {u_n} = \left( {n + 1 + \frac{1}{{n + 1}}} \right) - \left( {n + \frac{1}{n}} \right) = 1 + \frac{1}{{n + 1}} - \frac{1}{n} = \left( {1 - \frac{1}{n}} \right) + \frac{1}{{n + 1}}$.

Ta có: $n \ge 1 \Leftrightarrow \frac{1}{n} < 1 \Leftrightarrow 1 - \frac{1}{n} > 0$; $n \ge 1 \Rightarrow \frac{1}{{n + 1}} > 0$.

Vậy ${u_{n + 1}} - {u_n} > 0$, tức dãy số tăng.

Khi đó, dãy bị chặn dưới bởi ${u_1} = 1 + \frac{1}{1} = 2 = m$.

Tìm mốt của mẫu số liệu.

Bước 1: Xác định nhóm có tần số lớn nhất (gọi là nhóm chứa mốt), giả sử là nhóm j: [a _j ; a _j+1 ).

Bước 2: Mốt được xác định là

trong đó m _j là tần số của nhóm j (quy ước m _o = m _k+1 = 0) và h là độ dài của nhóm.

Tần số lớn nhất là 14 nên nhóm chứa mốt là nhóm [150;155).

Ta có ${M_o} = 150 + \frac{{14 - 7}}{{(14 - 7) + (14 - 10)}}(155 - 150) \approx 153$.

Vậy số học sinh có chiều cao khoảng 153 cm là nhiều nhất.

Tìm trung vị của mẫu số liệu trên.

Bước 1: Xác định nhóm chứa trung vị. Giả sử đó là nhóm thứ p: [a _p ; a _p+1 ).

Bước 2: Trung vị

trong đó n là cỡ mẫu, m _p là tần số nhóm p. Với p = 1, ta quy ước m ₁ + ….+ m _p-1 = 0.

Cỡ mẫu là n = 5 + 12 +32 + 45 + 30 = 124.

Gọi ${x_1};{x_2};...;{x_{124}}$ là thời gian chạy của 124 vận động viên tham gia hội thao và giả sử dãy này được sắp xếp theo thứ tự tăng dần.

Khi đó, trung vị là $\frac{{{x_{62}} + {x_{63}}}}{2}$. Do giá trị ${x_{62}},{x_{63}}$ thuộc nhóm [22,5;23) nên nhóm này chứa trung vị.

Trung vị là ${M_e} = 22,5 + \frac{{\frac{{124}}{2} - (5 + 12 + 32)}}{{45}}.(23 - 22,5) \approx 22,6$.

Vậy ban tổ chức nên chọn vận động viên có thời gian chạy không quá 22,6 giây.